[题链](https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1106)
首先这道题我们很容易想到要贪心考虑一对数对$(l,r)$使得在这个区间中没有两两匹配的情况
然后这两个数的贡献就是$r-l-1$，然后我们就可以把它们两个删掉了。
显然这个贪心是对的，因为我们并没有改变其它数的相对位置，并且这两个数也没有更快的方法被消除(因为它们中间原本不可能被清除)
但是显然这个贪心是$O(n^2)$的，考虑优化
直接用树状数组维护就行了啦没多难的
瞟一眼代码你就懂了懒得写
````cpp
#include<bits/stdc++.h>
#define Re register
#define fo(i, a, b) for (int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fd(i, a, b) for (int i = (a); i >= (b); --i)
#define edge(i, u) for (Re int i = head[u], v = e[i].v; i; i = e[i].nxt, v = e[i].v)
#define pb push_back
#define F first
#define S second
#define ll long long
#define inf 1000000007
#define mp std::make_pair
//#define mod 1000000007
#define eps 1e-4
#define lowbit(x) (x & -x)
#define N 100005
#define ls (u << 1)
#define rs (u << 1 | 1)
#define cl(arr) memset(arr, 0, sizeof arr)
inline void read (int &x)
{
x = 0;
Re char ch = getchar();
while (!isdigit(ch)) ch = getchar();
while (isdigit(ch)) x = (x << 3) + (x << 1) + ch - '0', ch = getchar();
}
int n, a[N], l[N], r[N];
bool vis[N];
int t[N], ans;
inline void add (int x, int v) { for (int i = x; i <= n; i += lowbit(i)) t[i] += v; }
inline int query (int x) { int ret = 0; for (int i = x; i; i -= lowbit(i)) ret += t[i]; return ret; }
int main ()
{
read(n);
n = n << 1;
fo (i, 1, n)
{
read(a[i]);
if (vis[a[i]]) r[a[i]] = i; else l[a[i]] = i, vis[a[i]] = 1;
}
fo (i, 1, n)
{
if (l[a[i]] == i)
add(i, 1);
else
{
ans += query(i) - query(l[a[i]]);
add(l[a[i]], -1);
}
}
printf("%d", ans);
return 0;
}
```